一类含有位势的快扩散方程组的Fujita指标

2014-07-06 09:44史金鑫沈娟娟
关键词:位势同理方程组

史金鑫,沈娟娟

(南通大学理学院,江苏 南通226007)

在偏微分方程中,关于Fujita指标的研究已引起许多学者的关注.1993年,Qi等人[1]研究了问题ut=Δum+vp,vt=Δvn+uq,得到(pq)c=mn+2 N-1max{p+n,q+m}.2013年,Yang等人[2]研究了齐次快扩散方程组ut=Δum+vp+f1(x),vt=Δvn+uq+f2(x),其中0<m,n<1,得到Fujita指标为(pq)c=mn+2(N-2)-1max{mp+mn,nq+mn}.崔世泽等人[3]探究了耦合方程组ut=vpΔu,vt=uqΔv在有界区域上解的整体存在性和爆破.

近年来,带有衰减位势的热方程的渐近行为又引起人们的广泛关注.Zhang[4]通过研究柯西问题

说明了位势对Fujita指标的影响,但当位势以平方速度衰减时没有得到问题(1)的Fujita指标.而Ishige[5]和Pinsky[6]的研究证明了当位势以平方速度衰减时,问题(1)的Fujita指标为pc(n,ω)=1+2/[α(ω)+N],其中N 表示空间维数,α(ω)>0,满足α(α+N-2)=ω.关于位势问题还可参见文献[7-9].最近,Yang等人[10]研究了带有平方速度衰减的位势的快扩散方程ut=Δum-V(x)um+up,得到pc(N,m,ω)=m+2/[mα(ω,m)+N],其中α(ω,m)>0,满足mα(mα+N-2)=ω.受以上工作的启发,本文拟将文献[10]中的结果推广到方程组的情形,探讨当位势以平方速度衰减时对Fujita指标的影响.

1 主要结果

在RN中考虑如下含有位势的初值问题的Fujita指标:

其中1-2/(mα1+N)<m<1,1-2/(nα2+N)<n<1,p,q>1,pq>1,N≥2,位势φ(x)~ω1/|x|2,ψ(x)~ω2/|x|2,且当|x|→∞时ω1,ω2≥0为常数,α1,α2>0是与ω1,ω2有关的参数,并满足mα1(mα1+N-2)-ω1=0,nα2(nα2+N-2)-ω2=0,α1(1-m)=α2(1-n),u0,v0是连续有界的.

记pc=[2+m(mα1+N)]/(N+nα2),qc=[2+n(nα2+N)]/(N+mα1).本文的主要结论如下.

定理1假设1<p≤pc,1<q≤qc,V1(x),V2(x)∈Cγ(RN\{0}),γ∈(0,1),对充分大的|x|,有V1(x)≤ω1/|x|2,V2(x)≤ω2/|x|2,则问题(2)的非负解在有限时间内爆破.

定理2假设p>pc,q>qc,V1(x),V2(x)∈Cγ(RN\{0}),γ∈(0,1),V1(x)≥ω1/|x|2,V2(x)≥ω2/|x|2,则问题(2)存在全局解.

2 定理的证明

2.1 定理1的证明

笔者利用试验函数法证明问题(2)的解在有限时间内爆破.

假设U(r,t)=rα1ω(r,t),V(r,t)=rα2z(r,t)是问题(2)的下解,且0≤U0(r)≤u0(x),U0′(r)≤0,0≤V0(r)≤v0(x),V0′(r)≤0,则对充分大的r0,当r>r0,t∈(0,T),ω(r,0)=r-α1U0(r)≥0,z(r,0)=r-α2V0(r)≥0时,ω,z满足

设ρ=ρ(r)=2r[α1(1-m)+2]/2/[α1(1-m)+2],σ=σ(r)=2r[α2(1-n)+2]/2/[α2(1-n)+2],ρ0=ρ(r0),σ0=σ(r0),记ω(r,t)=ξ(ρ,t),z(r,t)=η(σ,t),则当

时,式(3)变为

其中N1=(2α1+2mα1+2 N)/[α1(1-m)+2],C1=[2-1α1(1-m)+1]2(α2p-α1)/[α1(1-m)+2],l1=2(α2p-α1)/[α1(1-m)+2].同理,式(4)可变为

其中N2=(2α2+2nα2+2 N)/[α2(1-n)+2],C2=[2-1α2(1-n)+1]2(α1q-α2)/[α2(1-n)+2],l2=2(α1q-α2)/[α2(1-n)+2].取ν,μ 满足

若能证明(ν,μ)在有限时间内爆破,则可知问题(2)的解在有限时间内爆破.假设(ν,μ)为问题(5)的全局解,光 滑 函 数其中x=ρ(或σ).定 义

由Hölder不等式得

因为α1(1-m)=α2(1-n),故

其中

显然C1,C2,C4<∞,令C3=C1+(N1-1)C2,则

同理可得

若p<pc,q<qc,则-2+N1(1-m)<l1+N1-N2p,-2+N2(1-n)<l2+N2-N1q.由于pq>mn,故 存 在σ1,σ2>0,使 得Fk(0)>σn/(mn-pq)1σp/(mn-pq)2,Fmk(0)/Gpk(0)<σ1,Gk(0)>σq/(mn-pq)1σm/(mn-pq)2,Gnk(0)/Fqk(0)<σ2.由式(9),(10)知存在C7,C8>0以及充分大的k0,k>k0使得Fk′(0)≥C7Gpk(0),Gk′(0)≥C8Fqk(0).更进一步,由pq>1得Fk′≥C7Gpk,Gk′≥C8Fqk,因此当1<p<pc,1<q<qc时,问题(2)的解在有限时间内爆破.

若p=pc,q=qc,则-2+N1(1-m)=l1+N1-N2p,-2+N2(1-n)=l2+N2-N1q.由式(9),(10)知存在t0>0使得

假设对所有的k,t>0有Fk(t)≤K1,Gk(t)≤K2.因为-2+N1(1-m)=l1+N1-N2p<0,-2+N2(1-n)=l2+N2-N1q<0及1-2/(mα1+N)<m<1,1-2/(nα2+N)<n<1,

2.2 定理2的证明

受文献[10]882的启发,构建问题(2)的上解

其中B1,B2,D1,D2>0,只须证(¯u,¯v)是问题(2)的全局的上解即可.首先验证

设Z1=B1+D1r2+α1(1-m)(t+1)-1-β1(1-m)=B1+D1z1,Z2=B2+D2r2+α1(1-m)(t+1)-1-β2(1-n)=B2+D2z2,则¯ut-(¯um)rr-r-1(N-1)(¯um)r+r-2ω1¯um-¯vp≥(t+1)-β1-1rα1Z-1/(1-m)-11F(Z1),其中

本文总是假设J+(1-m)-1<0,X+(1-n)-1<0,要证F(Z1)≥0,F(Z2)≥0,只须证(i)F(B1)≥0,F(B2)≥0;(ii)F′(Z1)≥0,Z1≥B1,F′(Z2)≥0,Z2≥B2.条件(i)等价于

对条件(ii)的F′(Z1)进行简单计算可得F′(Z1)=(1-m)-1+(1-m)-2m(2+α1-mα1)[-2+N-m(mα1+N-α1)]D1-C[J+1+(1-m)-1]ZJ+(1-m)-11ZI-p/(1-n)2.对 于F′(Z1),当J+(1-m)-1≤-1时,有

当-1<J+(1-m)-1<0时,有

因为1-2/(mα1+N)<m<1,故-2+N-m(mα1+N-α1)<0,由不等式(13),(14)得D1<(1-m)/{m(2+α1-mα1)[2-N+m(mα1+N-α1)]}.由于p>[2+m(mα1+N)]/(N+nα2),故

同理可得

因此,对这样的D1,D2>0以及充分大的B1,B2>0,可得到不等式(11),(12),从而(¯u,¯v)是问题(2)的全局的上解,定理2得证.

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