两个指数型函数在解题中的应用举例

苏艺伟

(福建省龙海第一中学新校区 363100)

函数y=ax+a-x(a>0且a≠1)以及y=ax-a-x经常出现在高三年级的模拟试题当中,掌握好这两个函数的相关图像,性质能够帮助我们更好地解决数学问题.

一、知识链接

1.y=ax+a-x(a>0且a≠1)

函数y=ax+a-x(a>0且a≠1)图象如图1所示,该函数是一个偶函数,最小值为2,在(-∞,0)单调递减,在(0,+∞)单调递增.

2.y=ax-a-x(0

函数y=ax-a-x(0

3.y=ax-a-x(a>1)

函数y=ax-a-x(a>1)图象如图3所示,该函数是一个奇函数,图像经过点(0,0),在R单调递增.

对于上述函数模型,最经常出现的是a=2,a=e的情形,有些时候还会出现由上述函数模型经过左右平移而得到的新函数.在实际解题中,应该抓住这三个基本的函数模型,以不变应万变,灵活应用,正确解答.

二、基础应用

例1下列函数中,图像关于原点对称且单调递增的是( ).

A.f(x)=sinx-xB.f(x)=ln(x-1)-ln(x+1)

A.(-∞,-1)∪(2,+∞)

例3已知函数f(x)=x2(2x-2-x),则不等式f(2x+1)+f(1)≥0的解集是( ).

解析易知f(-x)=-f(x),所以f(x)为奇函数.又f′(x)=2x·(2x-2-x)+x2(2x+2-x),当x>0时,f′(x)>0,因此f(x)在(0,+∞)上单调递增.由于f(x)为奇函数,所以f(x)在R上单调递增.f(2x+1)+f(1)≥0⟺f(2x+1)≥-f(1)⟺f(2x+1)≥f(-1)⟺2x+1≥-1⟺x≥-1.故不等式f(2x+1)+f(1)≥0的解集是{x|x≥-1}.

图5

例5已知函数f(x)=ex-e-x-2x,

(1)讨论f(x)的单调性;

(2)设g(x)=f(2x)-4bf(x),当x>0时,g(x)>0,求b的最大值.

解析(1)f′(x)=ex+e-x-2≥0,f(x)在R上单调递增.

(2)g(x)=e2x-e-2x-4x-4bex+4be-x+8bx

g′(x)=2(ex+e-x-2)(ex+e-x-2b+2)

令h(x)=ex+e-x-(2b-2)

若2b-2≤2,即b≤2时,h(x)>0,g′(x)>0,g(x)在(0,+∞)上单调递增,g(x)>g(0)=0,符合题意.

综上有b≤2,因此b的最大值为2.

三、拓展应用

例6已知函数f(x)=x2-2x+a(ex-1+e-x+1)有唯一零点,求a的值.

例7已知函数f(x)=ex-a+e-x+a,若3a=log3b=c,则( ).

A.f(a)

C.f(a)

解析由于f(2a-x)=e-x+a+ex-a,因此f(2a-x)=f(x),所以f(x)的图像关于直线x=a对称且f(x)在(a,+∞)上单调递增.由图6可知,a

因此f(a)

例8设f(x)=-x2+2x-2(ex-1+e1-x),则使得f(x+1)

解析由于f(2-x)=f(x),故f(x)图像关于直线x=1对称,因此f(x+1)图像关于直线x=0对称.令g(x)=f(x+1)=-x2+1-2(ex+e-x),则g(x)为偶函数且在(0,+∞)上单调递减.

f(x+1)|2x-3|,解得1

例9已知函数f(x)=emx+e-mx+x2-mx的图象在点A(x1,f(x1)),B(-x1,f(-x1))处两条切线的交点P(x0,y0)一定满足( ).

A.x0=0 B.x0=mC.y0=0 D.y0=m

解析由f(x)=emx+e-mx+x2-mx得f′(x)=memx-me-mx+2x-m.点A(x1,f(x1))处的切线方程为y-f(x1)=f′(x1)(x-x1);点B(-x1,f(-x1))处的切线方程为y-f(-x1)=f′(-x1)(x+x1);又点P(x0,y0)满足以上两式,所以y0-f(x1)=f′(x1)(x0-x1),y0-f(-x1)=f′(-x1)(x0+x1);两式相减得f(-x1)-f(x……