山东财经大学 马小丫
关于找数字之间规律的几点说明:
1.给出数据,问通项公式。在做选择题时可直接代入检验,但往往选项与选项之间的差别较小,代入前几项很难排除,后几项的计算量较大。
2.找规律至少是三项,只有两项具有无数种通项。
3.当遇到图形问题时,可适当地转化为数字问题,运用“数形结合”的思想。
4.费马猜想的错误。
猜想:当n为非负整数时,+1是一个质数。
通过验证n=0,1,2,3,4 这五个事实,得出此猜想。最后被欧拉举出反例:n=5时,+1=641×6700417,不是质数。
这个事例告诉我们,由个别事实的数量特征,通过归纳得出对所有对象都成立的一般特征时,使用的是不完全归纳法,可能正确,也可能不正确。我们要想说一个定理不成立,只需要举出一个反例即可;而要说明它成立,则需要严格的证明。
当然,在做数字类找规律的题目时,往往只需要前三项即可得出结论。
前后两项差恒为常数,为等差数列形式。
(一)通用公式为“第一个数+定值(n-1)”。
证明过程:(运用累加法)设第n项为an,任意前后两项的差为d,则有:
a2-a1=d,
a3-a2=d,
a4-a3=d,
……
an-1-an-2=d,
an-an-1=d。
令各式相加,再用倒序相加法易得:an-a1=(n-1)d,
所以通项公式为an=a1+(n-1)d。
(二)万能方法(待定系数法):确定为一次型,可设通项为y=kn+b,将其代入前两项,即n=1,2时的情形,即可解得k,b。
证明过程:设第n项与第(n-1)项之间的差的通项为an-an-1=nd+b,则有:
a2-a1=2d+b,
a3-a2=3d+b,
……
an-an-1=nd+b。
同样用累加法可得:
(2)建设骨干网 DDoS 防护系统。建设流量清洗系统,各省根据网络覆盖情况配置一台或两台引流路由器,用于策略集中配置及流量汇聚。完善流量封堵功能,实现攻击流量分区域封堵。
这是一个二次函数形式的数列。
方法1:通过类似的推导过程,当发现前后两项差的通项公式为一次函数形式时,可通过累加法,采用倒序相加法进行求和。
例1:求数列1,3,6,10……的通项公式。
解:后一项与前一项的差分别为2,3,4……
第n项与第(n-1)项的差为n,则有:
a2-a1=2,
a3-a2=3,
……
an-an-1=n。
方法2:凑模型法。
模型2:数列1,4,9,16……的通项公式为:n2。
1.首先判断是否为二次型,即任意两项之间的差是否为一个等差数列。
2.判断为哪一种模型的二次型。拿到要求的数列,往模型1或模型2上凑,看与哪个模型形式更接近。大多数二次型可通过项的变换(如向前、向后移项或四则运算得到)转换为模型1或模型2。
(2)如若是模型1或2进行加减乘除变换,只需要让模型中的通解进行相应的加减乘除变换,整理后即可得通解。如:2,5,10,17……通过观察,对其进行加减乘除运算可知为模型2中相应的项+1得到的结果,所以通项为n2+1;又如:3,7,13,21……比较可 知:n=1,a1=3=1+2=n2+n+1;n=2,a2=7=4+3=n2+n+1;n=3,a2=13=9+4=n2+n+1……综上可得通项公式为n2+n+1。
方法3:如果实在不好凑,可选择“万能方法”:利用待定系数法。
由于得知为二次型,故可直接设为an2+bn+c,代入n=1,2,3时的情况即解得系数,但由于计算量较大,不到万不得已不建议使用。
当前后两项的差成等比数列或等比数列的加减乘除运算(后一项与前一项的比值为常数)时为指数型,如:3,5,9,17……前后两项的差分别为2,4,8……是一个等比数列,此时通项仍为指数函数,且底数与差的底数相同。
证明过程:设第k项与第(k-1)项的差为a0·qk,同样利用“累加法”的思想得到:
各式相加得:
1.基本模型:2,4,8,16,32……其通项公式为2n。
2.同理,当出现对模型进行前后项的平移,如:1,2,4,8,16……即原来的第k项为2k,现在第k项变为2k-1(或判断出平移后直接代入第一个),所以通项公式为2n-1。
3.如若是该模型进行加减乘除变换,只需要让模型中的通解进行相应的加减乘除变换,整理后即可得通解。如:2,3,5,9,17……首先,前后两项的差分别为:1,2,4,8……可判断为指数型,于是往基本模型上靠拢,先将模型移项,再加1,即得通项:2n-1+1。
另外,由于计算量较大,不建议用“万能方法”。